2023年12月4日发(作者：广东江门八下数学试卷)

2020

年普通高等学校招生全国统一考试

数学（海南）

一、选择题（本题共 8

小题，每小题 5

分，共 40

分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的）

1.

设集合A{2，3，5，7}，B={1，2，3，5，8}，则AB=（

）

A. {1，3，5，7} B. {2，3} C. {2，3，5}

【答案】C

【解析】

【分析】

根据集合交集的运算可直接得到结果.

【详解】因为A{2，3，5，7}，B={1，2，3，5，8}，

所以AB2,3,5

故选：C

【点睛】本题考查的是集合交集的运算，较简单.

2.

(12i)(2i)=（

）

A.

45i B.

5i C.

-5i

【答案】B

【解析】

【分析】

直接计算出答案即可.

【详解】(12i)(2i)2i4i2i25i

故选：B

【点睛】本题考查的是复数的计算，较简单.

3.

在ABC中，D是AB边上的中点，则CB=（

）

A.

2CDCA B.

CD2CA C.

2CDCA

【答案】C

【解析】

【分析】

D. {1，2，3，5，7，8}

D.

23i

D.

CD2CA 根据向量的加减法运算法则算出即可.

【详解】

CBCAABCA2ADCA2CDCA2CDCA

故选：C

【点睛】本题考查的是向量的加减法，较简单.

4.

日晷是中国古代用来测定时间的仪器，利用与晷面垂直的晷针投射到晷面的影子来测定时间．把地球看成一个球(球心记为O)，地球上一点A的纬度是指OA与地球赤道所在平面所成角，点A处的水平面是指过点A且与OA垂直的平面.在点A处放置一个日晷，若晷面与赤道所在平面平行，点A处的纬度为北纬40°，则晷针与点A处的水平面所成角为（

）



A. 20°

C. 50°

【答案】B

【解析】

【分析】

画出过球心和晷针所确定的平面截地球和晷面的截面图，根据面面平行的性质定理和线面垂直的定义判定有关截线的关系，根据点A处的纬度，计算出晷针与点A处的水平面所成角.

【详解】画出截面图如下图所示，其中CD是赤道所在平面的截线；l是点A处的水平面的截线，依题意可知OAl；AB是晷针所在直线.m是晷面的截线，依题意依题意,晷面和赤道平面平行，晷针与晷面垂直，

根据平面平行的性质定理可得可知m//CD、根据线面垂直的定义可得ABm..

由于AOC40,m//CD，所以OAGAOC40，

由于OAGGAEBAEGAE90，

B. 40°

D. 90° 所以BAEOAG40，也即晷针与点A处的水平面所成角为BAE40.

故选：B

【点睛】本小题主要考查中国古代数学文化，考查球体有关计算，涉及平面平行，线面垂直的性质，属于中档题.

5.

某中学的学生积极参加体育锻炼，其中有96%的学生喜欢足球或游泳，60%的学生喜欢足球，82%的学生喜欢游泳，则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是（

）

A. 62%

C. 46%

【答案】C

【解析】

【分析】

B. 56%

D. 42%

记“该中学学生喜欢足球”为事件A，“该中学学生喜欢游泳”为事件B，则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件AB，“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件AB，然后根据积事件的概率公式P(AB)P(A)P(B)P(AB)可得结果.

【详解】记“该中学学生喜欢足球”事件A，“该中学学生喜欢游泳”为事件B，则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件AB，“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件AB，

则P(A)0.6，P(B)0.82，PAB0.96，

所以P(AB)P(A)P(B)P(AB)0.60.820.960.46

所以该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例为46%.

故选：C

【点睛】本题考查了积事件的概率公式，属于基础题.

6.

要安排3名学生到2个乡村做志愿者，每名学生只能选择去一个村，每个村里至少有一名志愿者，则不. 同的安排方法共有（

）

A. 2种 B. 3种 C. 6种 D. 8种

【答案】C

【解析】

【分析】

首先将3名学生分成两个组，然后将2组学生安排到2个村即可.

【详解】第一步，将3名学生分成两个组，有C123C23种分法

第二步，将2组学生安排到2个村，有A222种安排方法

所以，不同的安排方法共有326种

故选：C

【点睛】解答本类问题时一般采取先组后排的策略.

7.

已知函数f(x)lg(x24x5)在(a,)上单调递增，则a的取值范围是（

）

A.

(2,) B.

[2,) C.

(5,) D.

[5,)

【答案】D

【解析】

【分析】

首先求出fx的定义域，然后求出f(x)lg(x24x5)的单调递增区间即可.

【详解】由x24x50得x5或x1

所以fx的定义域为,1(5,)

因为yx24x5在(5,)上单调递增

所以f(x)lg(x24x5)在(5,)上单调递增

所以a5

故选：D

【点睛】在求函数的单调区间时一定要先求函数的定义域.

8.

若定义在R的奇函数f(x)在(,0)单调递减，且f(2)=0，则满足xf(x1)0的x的取值范围是（A.

[1,1][3,) B.

[3,1][0,1]

C.

[1,0][1,) D.

[1,0][1,3]

） 【答案】D

【解析】

【分析】

首先根据函数奇偶性与单调性，得到函数f(x)在相应区间上的符号，再根据两个数的乘积大于等于零，分类转化为对应自变量不等式，最后求并集得结果.

【详解】因为定义在R上的奇函数f(x)在(,0)上单调递减，且f(2)0，

所以f(x)在(0,)上也是单调递减，且f(2)0，f(0)0，

所以当x(,2)(0,2)时，f(x)0，当x(2,0)所以由xf(x1)0可得：

(2,)时，f(x)0，

x0x0或或x0

2x100x12解得1≤x≤0或1x3，

所以满足xf(x1)0的x的取值范围是[1,0][1,3]，

故选：D.

【点睛】本题考查利用函数奇偶性与单调性解抽象函数不等式，考查分类讨论思想方法，属中档题.

二、选择题（本题共 4

小题，每小题 5

分，共 20

分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得 5

分，有选错的得 0

分，部分选对的得 3

分）

9.

我国新冠肺炎疫情进入常态化，各地有序推进复工复产，下面是某地连续11天复工复产指数折线图，下列说法正确的是（

）

A.

这11天复工指数和复产指数均逐日增加;

B.

这11天期间，复产指数增量大于复工指数的增量;

C.

第3天至第11天复工复产指数均超过80%; D.

第9天至第11天复产指数增量大于复工指数的增量;

【答案】CD

【解析】

【分析】

注意到折线图中有递减部分，可判定A错误；注意考查第1天和第11天的复工复产指数的差的大小，可判定B错误；根据图象，结合复工复产指数的意义和增量的意义可以判定CD正确.

【详解】由图可知，第1天到第2天复工指数减少，第7天到第8天复工指数减少，第10天到第11复工指数减少，第8天到第9天复产指数减少，故A错误；

由图可知，第一天的复产指标与复工指标的差大于第11天的复产指标与复工指标的差，所以这11天期间，复产指数增量小于复工指数的增量，故B错误;

由图可知，第3天至第11天复工复产指数均超过80%，故C正确;

由图可知，第9天至第11天复产指数增量大于复工指数的增量，故D正确;

【点睛】本题考查折线图表示的函数的认知与理解，考查理解能力，识图能力，推理能力，难点在于指数增量的理解与观测，属中档题.

10.

已知曲线C:mx2ny21.（

）

A.

若m>n>0，则C是椭圆，其焦点在y轴上

B.

若m=n>0，则C是圆，其半径为n

C.

若mn<0，则C是双曲线，其渐近线方程为yD.

若m=0，n>0，则C是两条直线

【答案】ACD

【解析】

【分析】

结合选项进行逐项分析求解，mn0时表示椭圆，mn0时表示圆，mn0时表示双曲线，m0,n0时表示两条直线

x2y2122【详解】对于A，若mn0，则mxny1可化为1，

1mn因为mn0，所以11，

mn即曲线C表示焦点在y轴上的椭圆，故A正确；

.mx

n 对于B，若mn0，则mx2ny21可化为xy221，

n此时曲线C表示圆心在原点，半径为n的圆，故B不正确；

nx2y21对于C，若mn0，则mx2ny21可化为1，

1mn此时曲线C表示双曲线，

由mxny0可得y22mx，故C正确；

n222对于D，若m0,n0，则mxny1可化为y1，

nyn，此时曲线C表示平行于x轴的两条直线，故D正确；

n故选：ACD.

【点睛】本题主要考查曲线方程的特征，熟知常见曲线方程之间的区别是求解的关键，侧重考查数学运算的核心素养.

11.

下图是函数y= sin(ωx+φ)的部分图像，则sin(ωx+φ)=

（

）

πA.

sin(x）

3【答案】BC

【解析】

【分析】

B.

sin(π2x)

3πC.

cos(2x）

6D.

cos(5π2x)

6首先利用周期确定的值，然后确定的值即可确定函数的解析式，最后利用诱导公式可得正确结果. 【详解】由函数图像可知：T222，则2，所以不选A,

2362T253y1522kkZ， 当时，6x31222122解得：2kkZ，

3即函数的解析式为：

2ysin2x2ksin2xcos2xsin2x.

36263而cos2x故选：BC.

【点睛】已知f(x)＝Asin(ωx＋φ)(A＞0，ω＞0)的部分图象求其解析式时，A比较容易看图得出，困难的是求待定系数ω和φ，常用如下两种方法：

(1)由ω＝5cos(2x)

662即可求出ω；确定φ时，若能求出离原点最近的右侧图象上升(或下降)的“零点”横坐标x0，则T令ωx0＋φ＝0(或ωx0＋φ＝π)，即可求出φ.

(2)代入点的坐标，利用一些已知点(最高点、最低点或“零点”)坐标代入解析式，再结合图形解出ω和φ，若对A，ω的符号或对φ的范围有要求，则可用诱导公式变换使其符合要求.

12.

已知a>0，b>0，且a+b=1，则（

）

A.

ab221

2B.

2ab1

2C.

log2alog2b2

【答案】ABD

【解析】

【分析】

D.

ab2

根据ab1，结合基本不等式及二次函数知识进行求解.

详解】对于A，aba1a22221112a2a12a，

22222当且仅当ab1时，等号成立，故A正确；

2 对于B，ab2a11，所以2ab121，故B正确；

221ab对于C，log2alog2blog2ablog2log2，

242当且仅当ab对于D，因为1时，等号成立，故C不正确；

2ab212ab1ab2，

所以ab故选：ABD

2，当且仅当ab1时，等号成立，故D正确；

2【点睛】本题主要考查不等式的性质，综合了基本不等式，指数函数及对数函数的单调性，侧重考查数学运算的核心素养.

三、填空题（本题共 4

小题，每小题 5

分，共 20

分）

13.

已知正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2，M、N分别为BB1、AB的中点，则三棱锥A-NMD1的体积为____________

【答案】1

3【解析】

【分析】

利用VANMD1VD1AMN计算即可.

【详解】

因为正方体ABCD-A1B1C1D1的棱长为2，M、N分别为BB1、AB的中点

所以VANMD1VD1AMN故答案为：111112

3231

3【点睛】在求解三棱锥的体积时，要注意观察图形的特点，看把哪个当成顶点好计算一些.

14.

斜率为3的直线过抛物线C：y2=4x的焦点，且与C交于A，B两点，则AB=________． 【答案】16

3【解析】

【分析】

先根据抛物线的方程求得抛物线焦点坐标，利用点斜式得直线方程，与抛物线方程联立消去y并整理得到关于x的二次方程，接下来可以利用弦长公式或者利用抛物线定义将焦点弦长转化求得结果.

【详解】∵抛物线的方程为y24x，∴抛物线的焦点F坐标为F(1,0)，

又∵直线AB过焦点F且斜率为3，∴直线AB的方程为：y3(x1)

代入抛物线方程消去y并化简得3x210x30，

解法一：解得x11,x23

32所以|AB|1k|x1x2|13|3解法二：10036640

设A(x1,y1),B(x2,y2)，则x1x2116|

3310,

3过A,B分别作准线x1的垂线，设垂足分别为C,D如图所示.

|AB||AF||BF||AC||BD|x11x21x1x2+2=16

3

故答案为：16

3【点睛】本题考查抛物线焦点弦长，涉及利用抛物线的定义进行转化，弦长公式，属基础题.

15.

将数列{2n–1}与{3n–2}的公共项从小到大排列得到数列{an}，则{an}的前n项和为________．

【答案】3n22n 【解析】

【分析】

首先判断出数列2n1与3n2项的特征，从而判断出两个数列公共项所构成新数列的首项以及公差，利用等差数列的求和公式求得结果.

【详解】因为数列2n1是以1为首项，以2为公差的等差数列，

数列3n2是以1首项，以3为公差的等差数列，

所以这两个数列的公共项所构成的新数列an是以1为首项，以6为公差的等差数列，

所以an的前n项和为n1故答案为：3n22n.

【点睛】该题考查的是有关数列的问题，涉及到的知识点有两个等差数列的公共项构成新数列的特征，等差数列求和公式，属于简单题目.

16.

某中学开展劳动实习，学生加工制作零件，零件的截面如图所示．O为圆孔及轮廓圆弧AB所在圆的圆心，A是圆弧AB与直线AG的切点，B是圆弧AB与直线BC的切点，四边形DEFG为矩形，BC⊥DG，垂足为C，tan∠ODC=n(n1)63n22n，

23，BH//DG，EF=12 cm，DE=2 cm，A到直线DE和EF的距离均为7 cm，圆孔半径5为1 cm，则图中阴影部分的面积为________cm2．

【答案】4【解析】

【分析】

5

23tanODC利用求出圆弧AB所在圆的半径，结合扇形的面积公式求出扇形AOB的面积，求出直角5△OAH的面积，阴影部分的面积可通过两者的面积之和减去半个单位圆的面积求得. 【详解】设OBOAr，由题意AMAN7，EF12，所以NF5，

因为AP5,所以AGP45，

因为BH//DG，所以AHO45，

因为AG与圆弧AB相切于A点，所以OAAG，

即△OAH为等腰直角三角形；

在直角△OQD中，OQ522r，DQ7r，

22因为tanODCOQ3，所以2132r2552r，

DQ522解得r22；

等腰直角△OAH的面积为S1122224；

21322扇形AOB的面积S22423，

所以阴影部分的面积为S1S2154.

22故答案为：45.

2【点睛】本题主要考查三角函数在实际中应用，把阴影部分合理分割是求解的关键，以劳动实习为背景，体现了五育并举的育人方针.

四、解答题（本题共 6

小题，共 70

分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．） 17.

在①ac3，②csinA3，③c3b这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，若问题中的三角形存在，求c的值；若问题中的三角形不存在，说明理由．

问题：是否存在ABC，它的内角A,B,C的对边分别为a,b,c，且sinA注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．

【答案】详见解析

【解析】

【分析】

3sinB，C6，________?

解法一：由题意结合所给的条件，利用正弦定理角化边，得到a,b的比例关系，根据比例关系，设出长度长度，由余弦定理得到c的长度，根据选择的条件进行分析判断和求解.

解法二：利用诱导公式和两角和的三角函数公式求得tanA的值，得到角A,B,C的值，然后根据选择的条件进行分析判断和求解.

【详解】解法一：

由sinA3sinB可得：a3，

b不妨设a3m,bmm0，

则：c2a2b22abcosC3m2m223mm选择条件①的解析：

据此可得：ac3mm3m23，m1，此时cm1.

选择条件②的解析：

据此可得：cosA3m2，即cm

2bcamm3m1，

22bc2m22222222331则：sinA1，此时：csinAm3，则：cm23.

222选择条件③的解析：

可得.cm1，cb，

bm与条件c3b矛盾，则问题中的三角形不存在.

解法二：∵sinA3sinB,C6,BAC, ∴sinA3sinAC3sinA,

6sinA3sinAC3sinA?313cosA? ，

22∴sinA3cosA,∴tanA3,∴A2,∴BC,

363,∴c=1; 若选①，ac3,∵a3b3c,∴3c2若选②，csinA3,则3c3,c23;

2若选③,与条件c3b矛盾.

【点睛】在处理三角形中的边角关系时，一般全部化为角的关系，或全部化为边的关系．题中若出现边的一次式一般采用到正弦定理，出现边的二次式一般采用到余弦定理．应用正、余弦定理时，注意公式变式的应用．解决三角形问题时，注意角的限制范围．

18.

已知公比大于1的等比数列{an}满足a2a420,a38．

（1）求{an}的通项公式；

n1（2）求a1a2a2a3(1)anan1.

2n38n2【答案】（1）an2；（2）(1)

55n【解析】

【分析】

(1)由题意得到关于首项、公比的方程组，求解方程组得到首项、公比的值即可确定数列的通项公式；

(2)首先求得数列1n1anan1的通项公式，然后结合等比数列前n项和公式求解其前n项和即可.

a2a4a1qa1q320【详解】(1)

设等比数列an的公比为q(q>1)，则，

2aaq813整理可得：2q5q20，

2q1,q2,a12，

n1n数列的通项公式为：an222.

(2)由于：1n1anan11n12n2n11n122n1，故： a1a2a2a3(1)n1anan1

23252729(1)n122n1

n22122n38n2.

(1)255123【点睛】等比数列基本量的求解是等比数列中的一类基本问题，解决这类问题的关键在于熟练掌握等比数列的有关公式并能灵活运用，等差数列与等比数列求和公式是数列求和的基础.

19.

为加强环境保护，治理空气污染，环境监测部门对某市空气质量进行调研，随机抽查了100天空气中的PM2.5和SO2浓度（单位：μg/m3），得下表：

（1）估计事件“该市一天空气中PM2.5浓度不超过75，且SO2浓度不超过150”的概率；

（2）根据所给数据，完成下面的22列联表：

（3）根据（2）中的列联表，判断是否有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO2浓度有关？ n(adbc)2附：K，

(ab)(cd)(ac)(bd)2

【答案】（1）0.64；（2）答案见解析；（3）有.

【解析】

【分析】

（1）根据表格中数据以及古典概型的概率公式可求得结果；

（2）根据表格中数据可得22列联表；

（3）计算出K2，结合临界值表可得结论.

【详解】（1）由表格可知，该市100天中，空气中的PM2.5浓度不超过75，且SO2浓度不超过150的天数有32618864天，

所以该市一天中，空气中的PM2.5浓度不超过75，且SO2浓度不超过150的概率为（2）由所给数据，可得22列联表为：

640.64；

100SO2

0,150

64

150,475

16

合计

PM2.5

0,75

75,115

合计

80

10

74

10

26

20

100

（3）根据22列联表中的数据可得

n(adbc)2100(64101610)23600K7.48446.635，

481(ab)(cd)(ac)(bd)802074262 因为根据临界值表可知，有99%的把握认为该市一天空气中PM2.5浓度与SO2浓度有关.

【点睛】本题考查了古典概型的概率公式，考查了完善22列联表，考查了独立性检验，属于中档题.

20.

如图，四棱锥PABCD的底面为正方形，PD底面ABCD．设平面PAD与平面PBC的交线为l．

（1）证明：l平面PDC；

（2）已知PDAD1，Q为l上的点，QB=2，求PB与平面QCD所成角的正弦值．

【答案】（1）证明见解析；（2）【解析】

【分析】

（1）利用线面平行的判定定理以及性质定理，证得AD//l，利用线面垂直的判定定理证得AD平面PDC，从而得到l平面PDC；

（2）根据题意，建立相应的空间直角坐标系，得到相应点的坐标，设出点Q(m,0,1)，之后求得平面QCD的法向量以及向量PB的坐标，求得cosn,PB，即可得到直线PB与平面QCD所成角的正弦值.

【详解】（1）证明：

在正方形ABCD中，AD//BC，

因为AD平面PBC，BC平面PBC，

所以AD//平面PBC，

又因为AD平面PAD，平面PAD所以AD//l，

因为在四棱锥PABCD中，底面ABCD是正方形，所以ADDC,lDC,

且PD平面ABCD，所以ADPD,lPD,

因为CD平面PBCl，

6.

3PDD

所以l平面PDC； （2）如图建立空间直角坐标系Dxyz，

因为PDAD1，则有D(0,0,0),C(0,1,0),A(1,0,0),P(0,0,1),B(1,1,0)，

设Q(m,0,1)，则有DC(0,1,0),DQ(m,0,1),PB(1,1,1)，

因为QB=2，所以有(m1)2(01)2(10)2设平面QCD的法向量为n(x,y,z)，

2m1

DCn0y0则，即，

xz0DQn0令x1，则z1，所以平面QCD的一个法向量为n(1,0,1)，则

cosn,PBnPBnPB1011202(1)212121226.

323根据直线的方向向量与平面法向量所成角的余弦值的绝对值即为直线与平面所成角的正弦值，所以直线与平面所成角的正弦值等于|cosn,PB|6

3所以直线PB与平面QCD所成角的正弦值为6.

3【点睛】该题考查的是有关立体几何的问题，涉及到的知识点有线面平行的判定和性质，线面垂直的判定和性质，利用空间向量求线面角，利用基本不等式求最值，属于中档题目.

1x2y221.

已知椭圆C：221(ab0)过点M（2，3）,点A为其左顶点，且AM的斜率为

，

2ab（1）求C的方程；

（2）点N为椭圆上任意一点，求△AMN的面积的最大值. x2y2【答案】（1）（2）18.

1；1612【解析】

【分析】

(1)由题意分别求得a,b的值即可确定椭圆方程；

(2)首先利用几何关系找到三角形面积最大时点N的位置，然后联立直线方程与椭圆方程，结合判别式确定点N到直线AM的距离即可求得三角形面积的最大值.

【详解】(1)由题意可知直线AM的方程为：y3当y=0时，解得x4，所以a=4，

1(x2)，即x2y4.

249x2y21， 椭圆C:221ab0过点M(2，3)，可得16b2ab解得b2=12.

x2y2所以C的方程：1.

1612(2)设与直线AM平行的直线方程为：x2ym，

如图所示，当直线与椭圆相切时，与AM距离比较远的直线与椭圆的切点为N，此时△AMN的面积取得最大值.

x2y2联立直线方程x2ym与椭圆方程1，

1612可得：3m2y4y248，

化简可得：16y12my3m480，

222 8， 所以144m4163m480，即m2=64，解得m=±与AM距离比较远的直线方程：x2y8，

直线AM方程为：x2y4，

点N到直线AM的距离即两平行线之间的距离，

利用平行线之间的距离公式可得：d2284125，

514由两点之间距离公式可得|AM|(24)23235.

所以△AMN的面积的最大值：11253518.

25【点睛】解决直线与椭圆的综合问题时，要注意：

(1)注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、椭圆的条件；

(2)强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题．

22.

已知函数f(x)aex1lnxlna．

（1）当ae时，求曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线与两坐标轴围成的三角形的面积；

（2）若f（x）≥1，求a的取值范围．

【答案】（1）【解析】

【分析】（1）先求导数，再根据导数几何意义得切线斜率，根据点斜式得切线方程，求出与坐标轴交点坐标，最后根据三角形面积公式得结果；

（2）解法一：利用导数研究，得到函数fx得导函数f’x的单调递增，当a=1时由f’10得2（2）[1,)

e11fxminf11,符合题意；当a>1时，可证f()f(1)0，从而f\'x存在零点x00，使得af(x0)aex0110，得到f(x)min，利用零点的条件，结合指数对数的运算化简后，利用基本不等式x0可以证得x1恒成立；当0a1时，研究f1.即可得到不符合题意.综合可得a的取值范围.

解法二：利用指数对数的运算可将fx1转化为exlnax1lnax1elnxlnx,

令gxex,上述不等式等价于glnax1glnx,注意到gx的单调性，进一步等价转化为 lnalnxx1，令hxlnxx1,利用导数求得hxmax，进而根据不等式恒成立的意义得到关于a的对数不等式，解得a的取值范围.

【详解】（1）f(x)exlnx1，f(x)ex1，kf(1)e1.

xf(1)e1，∴切点坐标为(1,1+e),

∴函数f(x)在点(1,f(1)处的切线方程为ye1(e1)(x1),即ye1x2,

切线与坐标轴交点坐标分别为(0,2),(2,0),

e1∴所求三角形面积为122;

2||=2e1e1（2）解法一：f(x)aex1lnxlna,

f(x)aex11，且a0.

x10,

x2x1设g(x)f(x),则g(x)ae∴g(x)在(0,)上单调递增，即f(x)在(0,)上单调递增，

当a1时，f(1)0,∴fxminf11,∴fx1成立.

111111当a1时，1

，∴ea1，f()f(1)a(ea1)(a1)0,

aax01∴存在唯一x00，使得f(x0)ae10，且当x(0,x0)时f(x)0，当x(x0,)时x0f(x)0，aex011，lnax01lnx0，

x0x01因此f(x)minf(x0)aelnx0lna

11lnax01lna2lna12x02lna1>1,

x0x0∴fx1,∴fx1恒成立；

当0a1时，

f(1)alnaa1,∴f(1)1,f(x)1不是恒成立.

综上所述，实数a的取值范围是[1,+∞). 解法二：fxaex1lnxlnaelnax1lnxlna1等价于

elnax1lnax1lnxxelnxlnx,

令gxex,上述不等式等价于glnax1glnx,

x显然gx为单调增函数，∴又等价于lnax1lnx，即lnalnxx1，

令hxlnxx1,则hx11x1

xx在0,1上h’(x)>0,h(x)单调递增；在(1,+∞)上h’(x)<0,h(x)单调递减，

∴hxmaxh10,

lna0，即a1，∴a的取值范围是[1,+∞).

【点睛】本题考查导数几何意义、利用导数研究不等式恒成立问题，考查综合分析求解能力，分类讨论思想和等价转化思想，属较难试题.


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