2024年4月14日发(作者：安徽高二合格性数学试卷)

2023年十堰市初中毕业生学业水平考试

数学试题

满分120分，考试时限120分钟．

一、选择题（本题有10个小题，每小题3分，共30分）下面每小题给出的四个选项中，

只有一个是正确的，请把正确选项的字母填涂在答题卡中相应的格子内．

1.

3

的倒数是（ ）

A.

3

【答案】

C

【解析】

【分析】由互为倒数的两数之积为

1

，即可求解．

【详解】解：∵

3

1

，

B.

1

3

C.

1

3

D.

3

1

3

1

∴

3

的倒数是

.

3

故选

C

2.

下列几何体中，三视图的三个视图完全相同的几何体是（

）

A. B. C. D.

【答案】

D

【解析】

【分析】找到从物体正面、左面和上面看得到的图形完全相同的几何体即可．

【详解】解：

A

．四棱柱的俯视图与主视图和左视图都不同，故此选项错误；

B

．圆锥的俯视图与主视图和左视图不同，故此选项错误；

C

．圆柱的俯视图与主视图和左视图不同，故此选项错误；

D

．球的三视图完全相同，都是圆，故此选项正确．

故选：

D

．

【点睛】本题主要考查了三视图的有关知识，掌握三视图都相同的常见的几何体有球和正方体是解答

本题的关键．

3.

下列计算正确的是（

）

A

.

257

B.

(2a)

3

8a

3

C.

a

8

a

4

a

2

D.

(a1)

2

a

2

1

【答案】

B

【解析】

【分析】根据二次根式运算法则，幂的运算法则，完全平方公式处理．

【详解】

A.

257

，不符合运算法则，本选项错误，不符合题意；

B.

(2a)

3

8a

3

，根据积的乘方运算法则处理，运算正确，符合题意；

C.

a

8

a

4

a

4

，故选项错误，不符合题意；

D.

(a1)

2

a

2

2a1

，故选项错误，不符合题意；

故选：

B

．

【点睛】本题考查二次根式的运算、幂的运算法则、完全平方公式；熟练掌握相关法则是解题的关

键．

4.

任意掷一枚均匀的小正方体色子，朝上点数是偶数的概率为（　　）

A

1

.

6

B.

1

3

C.

1

2

D.

2

3

【答案】

C

【解析】

【分析】由题意可知掷一枚均匀的小正方体色子有

6

种等可能的结果，再找出符合题意的结果数，最

后利用概率公式计算即可．

【详解】∵任意掷一枚均匀的小正方体色子，共有

6

种等可能的结果，其中朝上点数是偶数的结果有

3

种，

∴朝上点数是偶数的概率为

故选

C

．

【点睛】本题考查简单的概率计算．掌握概率公式是解题关键．

5.

如图，将四根木条用钉子钉成一个矩形框架

ABCD

，然后向左扭动框架，观察所得四边形的变

化．下面判断错误的是（

）

31

．

62

A.

四边形

ABCD

由矩形变为平行四边形

B.

对角线

BD

的长度减小

C.

四边形

ABCD

的面积不变

【答案】

C

【解析】

D.

四边形

ABCD

的周长不变

【分析】根据四边形的不稳定性、矩形的性质和平行四边形的性质，结合图形前后变化逐项判断即

可．

【详解】解：

A

、因为矩形框架

ABCD

向左扭动，

ADBC

，

ABDC

，但

CBA

不再为直角，

所以四边形变成平行四边形，故

A

正确，不符合题意；

B

、向左扭动框架，

BD

的长度减小，故

B

正确，不符合题意；

C

、因为拉成平行四边形后，高变小了，但底边没变，所以面积变小了，故

C

错误，符合题意；

D

、因为四边形的每条边的长度没变，所以周长没变，故

D

正确，不符合题意，

故选：

C

．

【点睛】本题主要考查了矩形的性质和平行四边形的性质、四边形的不稳定性，弄清图形变化前后的

变量和不变量是解答此题的关键．

6.

为了落实“双减”政策，进一步丰富文体活动，学校准备购进一批篮球和足球，已知每个篮球的

价格比每个足球的价格多

20

元，用

1500

元购进篮球的数量比用

800

元购进足球的数量多

5

个，如果

设每个足球的价格为

x

元，那么可列方程为（

）

A.

1500800



5

x

20x

B.

1500800



5

x

20x

C.

8001500



5

xx

20

D.

8001500



5

xx

20

【答案】

A

【解析】

【分析】设每个足球的价格为

x

元，则篮球的价格为

x+20

元，根据“用

1500

元购进篮球的数量比

用

800

元购进足球的数量多

5

个”列方程即可．

【详解】解：设每个足球的价格为

x

元，则篮球的价格为

x+20

元，

由题意可得：

故选：

A

．

1500800



5

，

x

20x

【点睛】本题考查分式方程的应用，正确理解题意是关键．

7.

如图所示，有一天桥高

AB

为

5

米，

BC

是通向天桥的斜坡，

ACB45

，市政部门启动“陡改

缓”工程，决定将斜坡的底端

C

延伸到

D

处，使

D30

，则

CD

的长度约为（参考数据：

21.414,31.732

）（

）

A.

1.59

米

【答案】

D

【解析】

B.

2.07

米

C.

3.55

米

D.

3.66

米

【分析】在

Rt△ABC

中，求得

ACAB5

米，在

Rt△ABD

中，求得

AD53

米，即可得到

CD

的长度．

【详解】解：在

Rt△ABC

中，

ACB45

，

BAC90

，

∴

ACAB5

米，

在

Rt△ABD

中，

ADB30

，

BAD90

，

∴

AB

tan

ADB

，

AD

AD

AB5

53

（米），

tan30

3

3

∴

∴

CDADAC5358.6653.66

（米）

故选：

D

．

【点睛】此题考查了解直角三角形的应用，熟练掌握锐角三角函数的定义是解题的关键．

8.

如图，己知点

C

为圆锥母线

SB

的中点，

AB

为底面圆的直径，

SB6

，

AB4

，一只蚂蚁沿着

圆锥的侧面从

A

点爬到

C

点，则蚂蚁爬行的最短路程为（

）

A. 5B.

33

C.

32

D.

63

【答案】

B

【解析】

【分析】连接

AB

，先根据直径求出底面周长，根据底面周长等于展开后扇形的弧长可求出圆锥的侧

面展开后的圆心角，可得

△SAB

是等边三角形，即可求解．

【

详解】解：连接

AB

，如图所示，

∵

AB

为底面圆的直径，

AB4

，

设半径为

r,

∴底面周长

2

r=4

，

设圆锥的侧面展开后的圆心角为

n

，

∵圆锥母线

SB6

，

根据底面周长等于展开后扇形的弧长可得：

4

=

解得：

n120

，

∴

ASC60

，

∵半径

SASB

，

∴

△SAB

是等边三角形，

在

RtVACS

中，

ACSAsin60=6

∴蚂蚁爬行的最短路程为

33

，

故选：

B

．

【点睛】本题考查平面展开—最短路径问题，圆锥的侧面展开图是一个扇形。扇形的弧长等于圆锥底

面周长，扇形的半径等于圆锥的母线长，本题就是把圆锥的侧面展开成扇形，化曲面为平面，用三角

函数求解．

9.

如图，

eO

是

VABC

的外接圆，弦

BD

交

AC

于点

E

，

AEDE

，

BCCE

，过点

O

作

n

6

，

180

3

=33

，

2

OFAC

于点

F

，延长

FO

交

BE

于点

G

，若

DE3

，

EG2

，则

AB

的长为

( )

A.

43

【答案】

B

【解析】

B. 7C. 8D.

45

【分析】作

BMAC

于点

M

，由题意可得出

VAEB≌VDEC

，从而可得出

VEBC

为等边三角形，

从而得到

GEF60，EGF30

，再由已知得出

EF

，

BC

的长，进而得出

CM

，

BM

的长，

再求出

AM

的长，再由勾股定理求出

AB

的长．

【详解】解：作

BMAC

于点

M

，

在

△AEB

和

VDEC

中，

A



D

，

AE

ED

AEB



DEC

∴

VAEB≌VDEC

ASA

，

∴

EBEC

，

又∵

BCCE

，

∴

BECEBC

，

∴

VEBC

为等边三角形，

∴

GEF60

，

BCEC

∴

EGF30

，

∵

EG2

，

OFAC

，

EGF30

∴

EF

1

EG1

，

2

又∵

AEED3

，

OFAC

∴

CFAFAEEF4

，

∴

AC2AF8，ECEFCF5

，

∴

BCEC5

，

∵

BCM60

，

∴∠

MBC30

，

∴

CM

5

53

，

BMBC

2

CM

2

，

2

2

11

，

2

∴

AMACCM

∴

AB

故选：

B

．

AM

2

BM

2

7

．

【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质、等边三角形的判定与性质、三角形的外接圆与外心、勾

股定理等知识点，综合性较强，掌握基本图形的性质，熟练运用勾股定理是解题关键．

10.

已知点

A

x

1

,y

1

在直线

y3x19

上，点

B

x

2

,y

2

,C

x

3

,y

3

在抛物线

yx

2

4x1

上，若

y

1

y

2

y

3

且

x

1

x

2

x

3

，则

x

1

x

2

x

3

的取值范围是（

）

A.

12x

1

x

2

x

3

9

C.

9x

1

x

2

x

3

0

【答案】

A

【解析】

B.

8x

1

x

2

x

3

6

D.

6x

1

x

2

x

3

1

【分析】设直线

y3x19

与抛物线

yx

2

4x1

对称轴左边的交点为

P

，设抛物线顶点坐标为

Q

，

求得其坐标的横坐标，结合图象分析出

x

1

的范围，根据二次函数的性质得出

x

2

x

3

2

2

4

，

进而即可求解．

【详解】解：如图所示，设直线

y3x19

与抛物线

yx

2

4x1

对称轴左边的交点为

P

，设抛物

线顶点坐标为

Q

y

3x

19

联立

2

y

x

4x

1

x



5

x

4

解得：

或

y

4



y

31

∴

P

5,4

，

由

yx4x1

x2

5

，则

Q

2,5

，对称轴为直线

x2

，

2

2

设

my

1

y

2

y

3

，则点

A,B,C

在

ym

上，

∵

y

1

y

2

y

3

且

x

1

x

2

x

3

，

∴

A

点在

P

点的左侧，即

x

1

5

，

x

2

2x

3

，

当

m5

时，

x

2

x

3

对于

y3x19

，当

y5

，

x8

，此时

x

1

8

，

∴

x

1

8

，

∴

8x

1

5

∵对称轴为直线

x2

，则

x

2

x

3

2

2

4

，

∴

x

1

x

2

x

3

的取值范围是

9x

1

x

2

x

3

12

，

故选：

A

．

【点睛】本题考查了二次函数的性质，一次函数的性质，数形结合熟练掌握是解题的关键．

二、填空题（本题有

6

个小题，每小题

3

分，共

18

分）

11. 2023

年

5

月

30

日上午，我国载人航天飞船“神舟十六号”发射圆满成功，与此同时，中国载人

航天办公室也宣布计划在

2030

年前实现中国人首次登陆距地球平均距离为

38.4

万千米的月球，将

384000

用科学记数法表示为

___________________

．

【答案】

3.8410

5

【解析】

【分析】科学记数法的表示形式为

a10

n

形式，其中

1

a

10

，

n

为整数，确定

n

的值时，要

看把原数变成

a

时，小数点移动了多少位，

n

的绝对值与小数点移动的位数相同，当绝对值

10

时，

n

是正整数，当原数的绝对值

1

时，

n

负整数．

【详解】解：

3840003.8410

5

，

故答案为：

3.8410

5

．

【点睛】本题考查科学记数法的表示方法，确定

a

与

n

的值是关键．

12.

若

xy3

，

y2

，则

x

2

yxy

2

的值是

___________________

．

【答案】

6

【解析】

【分析】先提公因式分解原式，再整体代值求解即可．

【详解】解：

x

2

yxy

2

xy

xy

，

∵

xy3

，

y2

，

∴

x1

，

∴原式

1236

，

故答案为：

6

．

【点睛】本题主要考查因式分解，熟练掌握因式分解的方法，利用整体思想方法是解答的关键．

13.

一副三角板按如图所示放置，点

A

在

DE

上，点

F

在

BC

上，若

EAB35

，则

DFC

___________________

．

【答案】

100

##100

度

【解析】

【分析】根据直角三角板的性质，得到

DFE45

，

EB90

，结合

12

得到

EABBFE35

，利用平角的定义计算即可．

【详解】解：如图，根据直角三角板的性质，得到

DFE45

，

EB90

，

∵

12

，

∴

EABBFE35

，

DFC1803545100

．

故答案为：

100

．

【点睛】本题考查了三角板的性质，直角三角形的性质，平角的定义，熟练掌握三角板的性质，直角

三角形的性质是解题的关键．

14.

用火柴棍拼成如下图案，其中第①个图案由

4

个小等边三角形围成

1

个小菱形，第②个图案由

6

个小等边三角形围成

2

个小菱形，

……

，若按此规律拼下去，则第

n

个图案需要火柴棍的根数为

__________

（用含

n

的式子表示）．

【答案】

6n6

##

66n

【解析】

【分析】当

n1

时，有

2

11

4

个三角形；当

n2

时，有

2

21

6

个三角形；当

n3

时，

有

2

31

8

个三角形；第

n

个图案有

2

n1

2n2

个三角形，每个三角形用三根计算即可．

【详解】解：当

n1

时，有

2

11

4

个三角形；

当

n2

时，有

2

21

6

个三角形；

当

n3

时，有

2

31

8

个三角形；

第

n

个图案有

2

n1

2n2

个三角形，

每个三角形用三根，

故第

n

个图案需要火柴棍的根数为

6n6

．

故答案为：

6n6

．

【点睛】本题考查了整式的加减的数字规律问题，熟练掌握规律的探索方法是解题的关键．

15.

如图，在菱形

ABCD

中，点

E

，

F

，

G

，

H

分别是

AB

，

BC

，

CD

，

AD

上的点，且

BEBFCGAH

，若菱形的面积等于

24

，

BD8

，则

EFGH

___________________

．

【答案】

6

【解析】

【分析】连接

AC

，交

BD

于点

O

，由题意易得

AC6

，

AC

BD

，

AO3

，

BO4

，则有

ABAD5

，然后可得

EF∥AC∥GH

，设

BEBFCGAHa

，则有

DH5a

，进

而根据相似三角形的性质可进行求解．

【详解】解：连接

AC

，交

BD

于点

O

，如图所示：

∵四边形

ABCD

是菱形，

BD8

，

∴

ABBCADCD

，

AC

BD

，

AOOC

1

1

AC

，

BOODBD4

，

2

2

∵

S

菱形

ABCD

∴

AC6

，

∴

AO3

，

∴

AB

1

ACBD24

，

2

AO

2

BO

2

5AD

，

∵

BEBFCGAH

，

∴

AECFDHDG

，

∴

BEBF

，

AECF

∴

EF

∥

AC

，

同理可得

GH∥AC

，

设

BEBFCGAHa

，则有

DH5a

，

∵

EF

∥

AC

，

∴

△BEF∽△BAC

，

∴

aEF

BEEF

，即

，

BAAC

56

6

a

，

5

DHGH5aGH



，即，

DACA56

6

a

，

5

∴

EF

同理可得

∴

GH6

∴

EFGH6

；

故答案为

6

．

【点睛】本题主要考查相似三角形的性质与判定及菱形的性质，熟练掌握菱形的性质及相似三角形的

性质与判定是解题的关键．

16.

在某次数学探究活动中，小明将一张斜边为

4

的等腰直角三角形

ABC

A90

硬纸片剪切成

如图所示的四块（其中

D

，

E

，

F

分别为

AB

，

AC

，

BC

的中点，

G

，

H

分别为

DE

，

BF

的中点），

小明将这四块纸片重新组合拼成四边形（相互不重叠，不留空隙），则所能拼成的四边形中周长的最

小值为

____________

，最大值为

___________________

．

【答案】

【解析】

①

. 8

②

.

822

【分析】根据题意，可固定四边形

GFCE

，平移或旋转其它图形，组合成四边形，求出周长，判断

最小值，最大值．

【详解】

如图

1

，

BC4

，

AC=4´

1

2

=22

，

CI=BD=CE=AC=

2

2

2

DI=BC=4

∴四边形

BCID

周长

=

4+4+22=8+22

；

如图

2

，

AF=AI=IC=FC=2

∴四边形

AFCI

周长为

248

；

故答案为：最小值为

8

，最大值

822

.

【点睛】本题考查图形变换及勾股定理，通过平移、旋转组成满足要求的四边形是解题的关键．

三、解答题（本题有

9

个小题，共

72

分）

1

17.

计算：

|1

2|



(

2023)

0

．

2

【答案】

22

【解析】

【分析】先化简绝对值、计算负整数指数幂、零指数幂，再进行实数混合运算即可．

2

1

【详解】解：

|1

2|



(

2023)

0

2

2

2141

22

【点睛】此题考查了实数的混合运算，涉及负整数指数幂、零指数幂及绝对值的计算，熟练掌握相关

运算法则是解题的关键．

4

a

2

2a

1

18.

化简：

1

．

a

32a

6



【答案】

【解析】

【分析】先计算括号内的减法，再计算除法即可．

2

a1

4

a

2

2a

1

【详解】解：

1

2a

6

a

3

4

a

1

a

3

a

3a

3

2

a

3

2

a

1

2

a

3



a

3

a

1

2

2

a

1

【点睛】此题考查了分式的混合运算，熟练掌握运算法则和顺序是解题的关键．

19.

市体育局对甲、乙两运动队的某体育项目进行测试，两队人数相等，测试后统计队员的成绩分别

为：

7

分、

8

分、

9

分、

10

分（满分为

10

分）．依据测试成绩绘制了如图所示尚不完整的统计图表：

甲队成绩统计表

成绩

人数

7

分

0

8

分

1

9

分

m

10

分

7

请根据图表信息解答下列问题：

（

1

）填空：

__________

，

m

_________

；

（

2

）补齐乙队成绩条形统计图；

（

3

）①甲队成绩

的

中位数为

_________

，乙队成绩的中位数为

___________

；

②分别计算甲、乙两队成绩的平均数，并从中位数和平均数的角度分析哪个运动队的成绩较好．

【答案】（

1

）

126,m12

（

2

）见解析

（

3

）①

9

分，

8

分②

x

甲

=9.3

，

x

乙

=8.3

，中位数角度看甲队成绩较好，从平均数角

度看甲队成绩较好

【解析】

【分析】（

1

）根据样本容量

=

频数

÷

所占百分比，结合圆心角的计算解答即可．

（

2

）根据样本容量，求得

7

分的人数补图即可．

（

3

）①根据有序数据的中间数据或中间两个数据的平均数为中位数计算即可．

②根据加权平均数公式计算即可．

【小问

1

详解】

解：本次抽样调查的样本容量是

4

72

20

（人），

360

7

360



126

，

20

∴

m201712

（人），

故答案为：

126

；

12

．

【小问

2

详解】

∵

20

（人），

∴补图如下：

【小问

3

详解】

①∵甲队的第

10

个，

11

个数据都是

9

分，

∴中位数是

9+9

=9

（分）；

2

8+8

=8

（分）；

2

∵乙队的第

10

个，

11

个数据都是

8

分，

∴中位数是

故答案为：

9

分，

8

分．

②②

x

甲

=

7

0+8

1+9

12+10

7

=9.3

（分），

20


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